NKCTF2024 re VM？VM！WP

逻辑似乎很简单（个鬼啊）

这个函数是把输入的字符转化为二进制并倒序存储

sub_1570太大了加载不出来，应该是加密的主逻辑，目的是需要输出1

可以通过删除栈的方法强行转化伪代码

首先删掉这部分

9A0改小点

这个也是

栈这里U一下再P

像是虚拟机的分发器，unk_4018是类似opcode的大坨数据

好像有几十万

实际上是一个2324*2324的像素图，在上面进行染色

cable management | /den/face0xff/writeupshttps://ctf.0xff.re/2022/dicectf_2022/cable_management

【游戏框架系列】Wireworld元胞自动机 - 知乎【多图预警】本文含有大量图片写在前面这次实现的是Wireworld元胞自动机，相关资料如下：维基：Wireworld - Wikipedia 介绍：WireworldFlash模拟：Wireworld Player (Flash) 如何实现简单的计算机：The Wireworld…https://zhuanlan.zhihu.com/p/25593938

根据资料我才知道，这其实是在模拟Wireworld元胞自动机

组成：

空
导体
电子头
电子尾

每代变化：

空→空
电子头→电子尾
电子尾→导体
当仅有一个或仅有两个电子头的邻居是导体时，导体→电子头

对应着理解，0xCD就是导线

0xEA就是电子尾，0xEC是电子头

0x11是数据注入点

0x80相当于空/消除信号

1就是终点，到达就返回1

由此根据数据绘图分析，这实际上是利用wireworld高度抽象的虚拟机

数据量太大，这里用脚本提取

#data_extract
import idaapi  
import idautils  
  
# 设置你要读取数据的起始和结束地址  
START_ADDR = 0x4018  # 替换为你的起始地址  
END_ADDR = 0x535D93  # 替换为你的结束地址  
BYTES_PER_LINE = 16  # 每行显示的字节数  
  
# 打开一个文件用于写入，如果文件不存在则创建它  
with open('output.txt', 'w') as f:  
    # 用于记录当前行已经写入了多少字节  
    bytes_written = 0  
    # 遍历指定地址范围内的每个地址  
    for ea in range(START_ADDR, END_ADDR + 1):  
        # 读取当前地址的一个字节  
        byte_value = idaapi.get_byte(ea)  
        # 将字节转换为十六进制字符串  
        hex_string = '0x{:02X}'.format(byte_value)  
        # 写入文件，并在需要时添加逗号  
        if bytes_written > 0 and bytes_written % BYTES_PER_LINE != 0:  
            f.write(',')  
        f.write(hex_string)  
        bytes_written += 1  
        # 如果当前行已经写入了足够的字节数，则换行  
        if bytes_written % BYTES_PER_LINE == 0:  
            f.write(',\n')  
  
# 文件会在脚本执行完毕后自动关闭  
print("Data has been written to output.txt")

然后绘图（来自孤恒师傅的脚本）

from PIL import Image
s = [...]
img = Image.new('RGB', (0x914, 0x914), (255, 255, 255))
pixels = img.load()
for i in range(len(s)):
    if s[i] == 0x1:
        i_row = i // 0x914
        i_col = i % 0x914
        #print("0x01_row:"+f"{i_row:X}" + "  0x01_col:"+f"{i_col:X}")
        pixels[i_row, i_col] = (255, 0, 0)

    elif s[i] == 0xEC:
        i_row = i // 0x914
        i_col = i % 0x914
        #print("0xEC_row:"+f"{i_row:X}" + "  0xEC_col:"+f"{i_col:X}")
        pixels[i_row, i_col] = (0, 0, 255)

    elif s[i] == 0x11:
        i_row = i // 0x914
        i_col = i % 0x914
        #print("0x11_row:"+f"{i_row:X}" + "  0x11_col:"+f"{i_col:X}"
        pixels[i_row, i_col] = (0, 255, 0)

    elif s[i] == 0xCD:
        i_row = i // 0x914
        i_col = i % 0x914
        #print("0xCD:"+f"{i:X}")
        pixels[i_row, i_col] = (0, 0, 0)

    elif s[i] == 0x80:
        i_row = i // 0x914
        i_col = i % 0x914
        #print("0xCD:"+f"{i:X}")
        pixels[i_row, i_col] = (255, 255, 0)
		
    elif s[i] == 0xEA:
        i_row = i // 0x914
        i_col = i % 0x914
        #print("0xCD:"+f"{i:X}")
        pixels[i_row, i_col] = (0, 255, 255)

img.save('D:\\下载\\CTF附件\\nk\\image.png')

有大量重复的图案，我们放大进行分析

乍一看难以理解，结合wireworld的规则，我们可以分析出图案蕴藏的含义

最上面就是一条畅通无阻的电线

下面很复杂，先看重复度最高的这部分，注意到不断重复的这个模块

我们用网站模拟

Wireworld Simulatorhttps://danprince.github.io/wireworld/

只有一侧输入信号（即一侧1，一侧0）时，电子头会正常向下传导

但如果两边都有

信号就会消失

所以这其实是在模拟异或（逻辑门），原理是在这里

箭头所指的导线周围有三个电子头，但我们的规则是当仅有一个或仅有两个电子头的邻居是导体时，导体→电子头

因此就达到了异或的效果

图中除了大量的异或，还有别的图形

可以用相同的方法分析出这个是与

这个是或

这个则是一个二极管，像神经突触一样，只会从“突触前模”向“突触后膜”单向传导

我们可以根据这些特征把整个图分割开，由于每个输入的字符都转化为8位二进制注入（绿色就是注入点），所以我每八个循环分割一次，最后得到29块，对应29个输入的字符

输入的字符究竟是如何处理的呢？可以看到，每个绿色注入点激活的电子头会向左右两边传导，经过一个异或（输入的字符转化为倒序二进制数，这个数的每相邻两位异或）之后，与蓝色点激活的电子头再次异或，之后得到的信号就会输入下面的向右的二极管结构

也就是说，只要有一个异或结果是1（有电），电子头就会向右传导到失败点。所以我们的目标就是消除所有产生的电子头，使得上面那一条完整的电线上的电子头平安到达左侧的终点

可以看到，蓝色电子头总是在循环结构相同的位置上，代表着这个位置上电信号的1和0，将他们连接在一起就相当于组成了一个由0、1组成的key（可以脚本取key，我嫌麻烦就直接手敲了）

我们要求的flag是上面一排注入点的0/1状态，加密过程就是我之前说的一系列异或，我们期望得到的结果就是全0

由此我们可以写出解密的函数，将key与全0序列异或逆序转化成字符串

def decode(key):
    key_string = long_to_bytes(int("".join([str(i) for i in key]), 2))
    #print(key_string)
    res = [0]
    for i in range(len(key)-1):
        tmp = res[i]^key[i]
        res.append(tmp)
    #print(res)
    flag = long_to_bytes(int("".join([str(i) for i in res]), 2))
    print(flag)

但我们并不能把整段key直接放进去解密，因为整个wireworld结构被中段分割成了两半，右边（相当于前面一半）是插入了与的部分

左边是插入了或的部分

先看前半部分，与的前面有四个注入点，key第四位相当于缺失的

但反正就0和1两种情况，拿出前八位二进制试一下就会发现这一位为1的时候可以得到n（就是nkctf的开头），否则会得到a

然后第9位一直到断点前面都是连续的，可以得到第二段flag

中间这个位置比较尴尬，这四位右边是断开的，左边是个或，只要有一个满足1就能激活

中间四位排列组合一下就能凑出有意义字符

剩下的直接输入

就可以得到完整的flag了

#VM?VM!
from Crypto.Util.number import long_to_bytes
key0 = [1, 0, 1, 1, 0, 0, 1, 0]

key1 = [1, 0, 1, 1, 1, 1, 0, 1, 
1, 0, 1, 0, 0, 1, 0, 1,
1, 0, 0, 1, 1, 1, 0, 0,
1, 0, 1, 0, 1, 0, 1, 0, 
1, 0, 0, 0, 1, 1, 0, 1, 
1, 0, 0, 1, 1, 0, 0, 1, 
1, 0, 1, 1, 1, 0, 1, 1, 
1, 1, 1, 1, 0, 1, 1, 0, 
1, 0, 1, 0, 1, 1, 1, 1, 
1, 1, 1, 1, 1, 0, 0, 1, 
1, 0, 1, 1, 0, 0, 0, 1]

key2 = [0, 1, 1, 1, 0, 1, 
1, 1, 
1, 0, 
1, 1, 0, 1, 0, 0]

key3 = [1, 0, 1, 0, 1, 1, 0, 0, 
1, 1, 1, 0, 0, 0, 0, 1, 
0, 1, 0, 1, 0, 0, 1, 1, 
1, 0, 0, 1, 0, 1, 0, 1, 
1, 1, 1, 0, 0, 0, 0, 1, 
1, 0, 1, 1, 0, 0, 1, 0, 
0, 1, 0, 1, 0, 0, 0, 0, 
1, 0, 0, 1, 1, 1, 0, 0, 
1, 1, 1, 0, 0, 0, 0, 1, 
1, 0, 1, 0, 1, 0, 0, 1, 
1, 0, 1, 1, 0, 0, 0, 1, 
1, 1, 0, 1, 0, 0, 0, 1, 
1, 1, 0, 0, 1, 1, 0, 0, 
0, 1, 1, 0, 0, 0, 1, 1, 
1, 0, 0, 0, 0, 1, 1, 0]
def decode(key):
    key_string = long_to_bytes(int("".join([str(i) for i in key]), 2))
    #print(key_string)
    res = [0]
    for i in range(len(key)-1):
        tmp = res[i]^key[i]
        res.append(tmp)
    #print(res)
    flag = long_to_bytes(int("".join([str(i) for i in res]), 2))
    print(flag)
decode(key0)
decode(key1)
decode(key2)
decode(key3)

本文来自互联网用户投稿，该文观点仅代表作者本人，不代表本站立场。本站仅提供信息存储空间服务，不拥有所有权，不承担相关法律责任。如若转载，请注明出处：/a/517330.html

如若内容造成侵权/违法违规/事实不符，请联系我们进行投诉反馈qq邮箱809451989@qq.com，一经查实，立即删除！