题目
有一个长为N宽为2的墙壁，给你两种砖头：一个长2宽1，另一个是L型覆盖3个单元的砖头。如下图：
0 0
0 00
砖头可以旋转，两种砖头可以无限制提供。你的任务是计算用这两种来覆盖N×2的墙壁的覆盖方法。例如一个2×3的墙可以有5种覆盖方法，如下：
012 002 011 001 011
012 112 022 011 001
注意可以使用两种砖头混合起来覆盖，如2×4的墙可以这样覆盖：
0112
0012
给定N，要求计算2×N的墙壁的覆盖方法。由于结果很大，所以只要求输出最后4位。例如2×13的覆盖方法为13465，只需输出3465即可。如果答案少于4位，就直接输出就可以，不用加前导0，如N=3时输出5。
输入输出格式
输入格式
一个整数N，表示墙壁的长。
输出格式
输出覆盖方法的最后4位，如果不足4位就输出整个答案。
输入输出样例
输入样例
13输出样例
3465解析
此题目采用递推，分好状态是一件非常重要的事情。使用F[N]表示铺满前N*2的面积的墙的方案数；“一列”指长为1，宽为2的墙壁。
1.当这面墙的最后一列被铺满时（如下图所示）
以这种状态结尾的方案数为F[N-1]。
2.当这面墙的最后两列被铺满时（如下图所示，注意颜色的区别）
以这种状态结尾的方案数为F[N-2]。
下面考虑L形的瓷砖，用数组G[N]来表示铺满前(N+1)*2的面积的墙，但是第(N+1)列有一个瓷砖已经被铺过（注意，是已经被铺过！）的方案数。
所以，下面这种情况的方案数就是G[N-2]（因为实际上第N列已经铺满了，所以这里要处理的是前N-1列墙，所以多减了1）（如下图所示）:
同理，这一种情况的方案数也是G[N-2]：
接下来解决，这个G数组应该怎么维护呢？
首先，第一种情况就是直接先让它变成一个长方形：
以这种状态结尾的方案数为F[N-3]。
第二种情况是，加上一块砖后，它仍然不是一个长方形：
那么第二种情况的方案数就是G[N-3]。
所以，G[N-2]（注意，不是G[N]）的方案数就等于F[N-3]+G[N-3]。
化简得到：G[N]=F[N-1]+G[N-1]。
所以，F[N]的转移方程就是：
F[N]=F[N-1]+F[N-2]+2*G[N-2]（前面说过G[N-2]的情况有两种）
而G[N]的转移方程就是：G[N]=F[N-1]+G[N-1]。
初始化：F[0]=1,G[0]=0;F[1]=G[1]=1;
#include<iostream>
using namespace std;
const int maxn=1000002;
const int mod=10000;
int f[maxn],g[maxn];
int main(){
int n;
cin>>n;
f[0]=1;
f[1]=g[1]=1;
for(int i=2;i<=n;i++){
f[i]=((f[i-1]+f[i-2])%mod+2*g[i-2]%mod)%mod;
g[i]=(g[i-1]+f[i-1])%mod;
}
cout<<f[n];
return 0;
}
