目录
1、1576. 替换所有的问号
2、 495. 提莫攻击
3、6. Z 字形变换
4、38. 外观数列
5、 1419. 数青蛙
1、1576. 替换所有的问号
思路：分情况讨论
- ?zs：左边没有元素，则仅需保证替换元素与右侧不相等；
- z?s：左右都有元素，则问号两侧都需要保证替换元素与其不相等；
- zs? ：右边没有元素，则仅需保证替换元素与左侧不相等。
class Solution {
public:
string modifyString(string s) {
int n = s.size();
for (int i = 0; i < n; i++) {
if (s[i] == '?') {
for (char ch = 'a'; ch <= 'z'; ch++) {
if ((i == 0 || ch != s[i - 1]) &&
(i == n - 1 || ch != s[i + 1])) {
s[i] = ch;
break;
}
}
}
}
return s;
}
};2、 495. 提莫攻击
思路：分情况讨论
相邻两次受到攻击的时间差与中毒持续时间进行比较，时间差大于等于中毒持续时间，则可以收到完整中毒时长，否则只能接受到时间差的中毒时长。
class Solution {
public:
int findPoisonedDuration(vector<int>& timeSeries, int duration) {
int sum = 0;
for (int i = 1; i < timeSeries.size(); i++) {
int x = timeSeries[i] - timeSeries[i - 1];
if (x >= duration)
sum += duration;
else
sum += x;
}
return sum + duration;
}
};3、6. Z 字形变换
思路：画图找规律
示例解释
以 "PAYPALISHIRING" 为例，
numRows = 3时，周期d = 4。
- 第一行字符：
P（0），A（4），H（8），N（12）- 第二行字符：
A（1），P（3），L（5），S（7），I（9），I（11），G（13）- 第三行字符：
Y（2），I（6），R（10）按行读取这些字符后得到的新字符串是 "PAHNAPLSIIGYIR"。
特殊情况处理：如果
numRows为 1，则不需要进行任何变换，直接返回原字符串s。周期计算：整个 Z 字形排列的一个循环周期
d是2 * numRows - 2。这个周期是由于从上到下再到上的一个完整循环所包含的字符数量。例如，当numRows为 3 时，d为 4。第一行的字符添加：第一行的字符在原字符串中的位置就是周期
d的倍数，即0, d, 2d, ...。中间行的字符添加：
- 对于中间的每一行，每个周期内都有两个字符需要被添加到结果字符串中。第一个字符的位置是周期起始位置加行数，第二个字符的位置是周期结束位置减行数。
- 具体来说，对于行
k（从 0 开始计数），在周期i中，第一个字符的位置是i + k，第二个字符的位置是i + d - k。- 注意，每次添加第二个字符时需要检查其位置是否超出了原字符串的长度。
最后一行的字符添加：最后一行的字符在原字符串中的位置是周期起始位置加
numRows - 1，即numRows - 1, numRows - 1 + d, numRows - 1 + 2d, ...。返回结果：按照上述规则，将所有行的字符依次添加到结果字符串
ret中后，返回ret。
class Solution {
public:
string convert(string s, int numRows) {
if (numRows == 1)
return s;
string ret;
int d = 2 * numRows - 2;
int n = s.size();
for (int i = 0; i < n; i += d) {
ret += s[i];
}
for (int k = 1; k < numRows - 1; k++) {
for (int i = k, j = d - k; i < n || j < n; i += d, j += d) {
ret += s[i];
if (j < n)
ret += s[j];
}
}
for (int i = numRows - 1; i < n; i += d) {
ret += s[i];
}
return ret;
}
};4、38. 外观数列
思路：外层遍历数组元素，内层使用双指针寻找相同字符区间，区间相减就是相同字符的个数，区间左端点就是字符。
class Solution {
public:
string countAndSay(int n) {
string ret = "1";
for (int i = 1; i < n; i++) {
string tmp;
int n = ret.size();
for (int left = 0, right = 0; right < n;) {
while (right < n && ret[left] == ret[right])
right++;
tmp += to_string(right - left) + ret[left];
left = right;
}
ret = tmp;
}
return ret;
}
};5、 1419. 数青蛙
思路：
- 计数逻辑：通过追踪每个 "croak" 中字符的状态，确保蛙鸣声的顺序正确无误。
- 顺序检测：确保每个蛙鸣声都是按照正确的顺序 "croak" 发出的。
初始化变量：
s = "croak"：定义了一个青蛙蛙鸣的顺序。n = s.size()：蛙鸣声 "croak" 的长度，这里是5。hash：一个大小为5的向量（数组），用于追踪 "croak" 中每个字母的状态。index：一个哈希表（unordered_map），用于映射每个字符到它在 "croak" 中的索引。处理字符串：
- 遍历输入的
croakOfFrogs字符串中的每个字符。- 如果字符是 'c'，表示一个新的蛙鸣声开始。如果在
hash的最后一个位置（对应 'k' 字符的位置）有计数，表示有一个青蛙完成了蛙鸣，可以开始新的蛙鸣，因此减少 'k' 的计数，并增加 'c' 的计数。- 对于 'r', 'o', 'a', 'k' 之外的 'c'，需要检查前一个字符是否已经存在（即前一个状态的计数是否大于0）。如果是，将前一个字符的计数减1，当前字符的计数加1。如果不是，表示蛙鸣声的顺序被打断了，返回 -1。
验证和返回结果：
- 遍历
hash向量，检查 'c', 'r', 'o', 'a' 的计数是否都为0。如果这些位置的计数不为0，表示有蛙鸣声没有完成，返回 -1。- 如果所有 'c', 'r', 'o', 'a' 的计数都为0，最后返回 'k' 的计数，即为所需的最少青蛙数量。
class Solution {
public:
int minNumberOfFrogs(string croakOfFrogs) {
string s = "croak";
int n = s.size();
vector<int> hash(n);
unordered_map<char, int> index;
for (int i = 0; i < n; i++)
index[s[i]] = i;
for (auto c : croakOfFrogs) {
if (c == 'c') {
if (hash[n - 1] != 0)
hash[n - 1]--;
hash[0]++;
} else {
int i = index[c];
if (hash[i - 1] == 0)
return -1;
hash[i - 1]--;
hash[i]++;
}
}
for (int i = 0; i < n - 1; i++) {
if (hash[i] != 0)
return -1;
}
return hash[n - 1];
}
};
