给你一个链表的头节点 head 和一个特定值 x ，请你对链表进行分隔，使得所有 小于 x 的节点都出现在 大于或等于 x 的节点之前。
你应当 保留 两个分区中每个节点的初始相对位置。
示例 1：
输入：head = [1,4,3,2,5,2], x = 3 输出：[1,2,2,4,3,5]
示例 2：
输入：head = [2,1], x = 2 输出：[1,2]
解法一
回顾下快排的解法，快排中我们分区用了两个指针，一个指针表示该指针前边的数都小于分区点。另一个指针遍历数组。
1 4 3 2 5 2 x = 3
^ ^
i j
i 表示前边的数都小于分区点 3, j 表示当前遍历正在遍历的点
如果 j 当前指向的数小于分区点，就和 i 指向的点交换位置，i 后移
1 2 3 4 5 2 x = 3
^ ^
i j
然后继续遍历就可以了。
这道题无非是换成了链表，而且题目要求不能改变数字的相对位置。所以我们肯定不能用交换的策略了，更何况链表交换也比较麻烦，其实我们直接用插入就可以了。
同样的，用一个指针记录当前小于分区点的链表的末尾，用另一个指针遍历链表，每次遇到小于分区点的数，就把它插入到记录的链表末尾，并且更新末尾指针。dummy 哨兵节点，减少边界情况的判断。
public ListNode partition(ListNode head, int x) {
ListNode dummy = new ListNode(0);
dummy.next = head;
ListNode tail = null;
head = dummy;
//找到第一个大于等于分区点的节点，tail 指向它的前边
while (head.next != null) {
if (head.next.val >= x) {
tail = head;
head = head.next;
break;
}else {
head = head.next;
}
}
while (head.next != null) {
//如果当前节点小于分区点，就把它插入到 tail 的后边
if (head.next.val < x) {
//拿出要插入的节点
ListNode move = head.next;
//将要插入的结点移除
head.next = move.next;
//将 move 插入到 tail 后边
move.next = tail.next;
tail.next = move;
//更新 tail
tail = move;
}else{
head = head.next;
}
}
return dummy.next;
}
时间复杂度：O（n）。
空间复杂度：O（1）。
解法二
官方给出的 solution 也许更好理解一些。
我们知道，快排中之所以用相对不好理解的双指针，就是为了减少空间复杂度，让我们想一下最直接的方法。new 两个数组，一个数组保存小于分区点的数，另一个数组保存大于等于分区点的数，然后把两个数组结合在一起就可以了。
1 4 3 2 5 2 x = 3
min = {1 2 2}
max = {4 3 5}
接在一起
ans = {1 2 2 4 3 5}
数组由于需要多浪费空间，而没有采取这种思路，但是链表就不一样了呀，它并不需要开辟新的空间，而只改变指针就可以了。
public ListNode partition(ListNode head, int x) {
//小于分区点的链表
ListNode min_head = new ListNode(0);
ListNode min = min_head;
//大于等于分区点的链表
ListNode max_head = new ListNode(0);
ListNode max = max_head;
//遍历整个链表
while (head != null) {
if (head.val < x) {
min.next = head;
min = min.next;
} else {
max.next = head;
max = max.next;
}
head = head.next;
}
max.next = null; //这步不要忘记，不然链表就出现环了
//两个链表接起来
min.next = max_head.next;
return min_head.next;
}
时间复杂度：O（n）。
空间复杂度：O（1）。
