这道题时间复杂度我感觉设置的不是很好，应该最好是有一个1000变成10000就行。
因为我在做这道题的时候被误导了，以为双重循环暴力判断一下也能过，因为1000*1000
*26的时间复杂度没有到1亿，那么我刚开始认为是能过的，结果卡在最后一个用例上了，
那么后期，我就开始想怎么优化掉那个26，26刚好可以用bitmap(状态压缩)和位运算的思想，
这样我们可以优化掉那个26的复杂度，这样我们就能过了
附上第一次暴力解法(卡在最后一个用例)
class Solution {
public:
int vv[1100][32];
int maxProduct(vector<string>& words)
{
int n = words.size();
for(int i = 0;i < n;i++)
{
for(int j = 0;j <words[i].size();j++)
{
if(words[i][j] < 'a' || words[i][j] > 'z') continue;
int index = words[i][j]- 'a';
vv[i][index]++;
}
}
int ans = -0x3f3f3f3f;
for(int i = 0;i < n;i++)
{
for(int j = 0;j < n;j++)
{
if(i == j) continue;
else
{
bool flag = false;
if(words[i].size() >= words[j].size())
{
for(int c = 0;c < words[i].size();c++)
{
int index = words[i][c]- 'a';
if(vv[i][index] && vv[j][index])
{
flag = true;
break;
}
}
}
else
{
for(int c = 0;c < words[j].size();c++)
{
int index = words[i][c]- 'a';
if(words[i][c] < 'a' || words[i][c] > 'z') continue;
if(vv[i][index] && vv[j][index])
{
flag = true;
break;
}
}
}
if(!flag)
{
int a = words[i].size();
int b = words[j].size();
ans = max(ans,a * b);
}
}
}
}
return ans == -0x3f3f3f3f ? 0 : ans;
}
};正确解法：
利用int类型有32位，刚好可以通过32位来映射对应的26位小写字母来达到
比如
0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0
来了一个字符串"aaccb"
那么就可以映射成
1 1 1 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0
有些不喜欢思考的人还会问，为什么aa这些都映射在一个地方呢
因为我们根据题目要求的是找到两个字符串中，没有相同的字符
所以一个字符串有重复的字符就可以默认只有一个这样的字符，
因为假设"aab" ,"ac" 和 "ab" , "ac",一个字符串中少一个重复字符和多一个重复
字符没什么区别，所以我们可以将一个字符串中的相同的字符直接映射到同一个位上
1代表该字符串有该字符，0代表没有
映射完之后我们怎么办呢？
//既然用到用整数进行状态压缩了，那么我们就可以根据经验也就是位运算来判断了
1 1 1 0 0 0 0 0 --- "aaabbc"
1 0 1 0 0 0 0 0 --- "aaaccc"
两个数字&一下可以得出一个数字，
得到 （这个数字代表的是，两个字符串中，相同的字符置为1，不相同的字符置为0）
1 0 1 0 0 0 0 0
1 0 1 0 0 0 0 0 --- "aaaccc"
0 1 0 0 0 1 0 0 --- "bbbffff"
得到 （这个数字代表的色，两个字符串中，相同的字符置为1，不相同的字符置为0）
0 0 0 0 0 0 0 0
那么我们得出一个结论：
如果数字大于0，说明两个字符串中有相同的字符
如果数字等于0，说明两个字符串中没有相同的字符
本题还有一个很小很小的优化
就是双重循环的时候，我们可以去重
假设
1 2 3 4
每个数只与前面的数进行判断，那么就可以去除掉重复的组合了
class Solution {
public:
int mask[1100];
int maxProduct(vector<string>& words)
{
int n = words.size();
for(int i = 0;i < n;i++)
{
for(int j = 0;j <words[i].size();j++)
{
mask[i] |= (1 << (words[i][j] - 'a'));//状态压缩
}
}
int ans = -0x3f3f3f3f;
for(int i = 0;i < n;i++)
{
for(int j = 0;j < i;j++)
{
if(!(mask[i] & mask[j]))
{
int a = words[i].size();
int b = words[j].size();
ans = max(ans,a * b);
}
}
}
return ans == -0x3f3f3f3f ? 0 : ans;
}
};
